loj6157 A^B Problem (并查集)

题意 : 有n个人,每个人都有颜值bi与体重wi.剧场的容量为W.有m条关系,xi与yi表示xi和yi是好朋友,在一个小组. 每个小组要么全部参加舞会,要么参加人数不能超过1人. 问保证总重量不超过W,剧场中的颜值最大能到多少? 分析 : 很显然的分组背包题目, 不过有所不同, 先来回顾一下普通的分组背包的描述 给出一个背包,背包有容量C,再给出N组物品,每组物品有ki种,每种物品有对应的体积Vi,价值Pi,每组物品至多选一种,且最多取一件.求用背包装物品,能获得的最大总价值是多少.可以发现和上

题目链接:http://acm.zju.edu.cn/onlinejudge/showProblem.do?problemCode=3321 Circle Time Limit: 1 Second      Memory Limit: 32768 KB Your task is so easy. I will give you an undirected graph, and you just need to tell me whether the graph is just a circle.

题目链接: http://codeforces.com/problemset/problem/776/D 题意: n扇门,m个开关(n,m<=1e5),每个开关控制若干个门,反转开关门状态变化,每个门正好被两个开关控制,问是否有可能把所有门的状态置为1? 思路: from: http://blog.csdn.net/jeremy1149/article/details/56839453 方法一:二分图染色 注意到一个门只被两个开关控制 若门初始为0 则控制它的两个开关状态相反,门初始为1则 要求

题目链接: FZu Problem 2233 ~APTX4869 题目描述: 给一个n*n的矩阵,(i, j)表示第 i 种材料 和 第 j 种材料的影响值,这个矩阵代表这n个物品之间的影响值.当把这n个物品分成两部分后,每部分内部材料不会相互影响,但是不同部分的材料之间会相互影响.问如何分割使得两部分材料相互之间的最小影响值最大? 解题思路: 材料内部不会影响,那么只需要把影响值小的物品放在同一部分即可,所以用结构体保存物品之间的影响值,然后sort一下,影响值小的物品用并查集放在一个集合,当

CodeForces 776D The Door Problem[并查集]并查集 设 f 1--m 表示 开的情况 m+1--2*m 表示关的情况 对于每盏灯 如果他 是关的 则 x--y x+m--y+m 表示要同关 或者同开 如果他 是开的 则 x+m--y x--y+m 表示一个关 一个开如果一盏灯 的 x 连向 了 x+m 则表示是矛盾了 那么久是错误的 题意:给你n个门,和m组开关,每扇门都有两个开关控制,每个开关控制x扇门,如果选择了某组开关,则使这组开关里的每个开关控制的所有的门按

给你一个网格(n<=2000,m<=2000),有一些炸弹,你可以选择一个空的位置,再放一个炸弹并将其引爆,一个炸弹爆炸后,其所在行和列的所有炸弹都会爆炸,连锁反应. 问你所能引爆的最多炸弹数. 转化成: 将行列当成点,炸弹当成边,然后你可以给这个二分图加1条边,问你最大的连通块的边的数量. 可以通过枚举所有可以建的边,通过并查集来尝试更新答案.由于一条边必然会让总度数+2,所以一个连通块的边数是所有点的度数之和/2. 并查集不必要动态维护集合的大小,一开始就建好并查集,提前统计好即可. 最后

离线处理,并查集 #include<cstdio> #include<cstring> #include<algorithm> using namespace std; const int maxn = 100005; struct Node{ int id,value; }node[maxn],input[maxn]; bool cmp(Node p,Node q){ return p.value > q.value; } int p[maxn],vis[max

一.问题描述(题目链接) 有n个门和m个开关,每个开关可以控制任意多的门,每个门严格的只有两个开关控制,问能否通过操作某些开关使得所有门都打开.(给出门的初始状态). 二.问题分析 大部分开关问题首先要想到的一点就是任何开关操作两次以上都是无意义的,因此对于每个开关,我们要么操作一次,要么不操作. 因为已知门的初始状态,每个门由两个开关控制,所以我们可以调节这两个开关,使门保持打开的状态. 我们考虑用并查集维护开关之间的关系,因为每个开关有操作和不操作两种状态.,因此,我们要把每个点拆成两个点,

http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=3674 (题目链接) 题意 维护并查集3个操作:合并:回到完成第k个操作后的状态:查询. Solution 其实就是用主席树的叶子节点维护并查集的可持久化数组fa[]. 细节 终于认识到了按秩合并的强大,单纯写个路径压缩Re飞,写了路径压缩+按秩合并比单纯的按秩合并每快多少→_→ 代码 // bzoj3674 #include<algorithm> #include<iostream>